科目组合
计算机： 数据结构 、计算机组成原理 、操作系统 、计算机网络
答题情况分析报告
给定二叉树如右图所示。设 N 代表二叉树的根，L 代表根结点的左子树，R 代表根结点的右子树。若遍历后的结点序列是 3，1，7，5，6，2，4，则其遍历方式是（）。
A．LRN B．NRL C．RLN D．RNL
评分及理由
（1）得分及理由（满分10分）
学生回答“不一定能求得最短路径”，这与标准答案的核心结论一致，因此结论正确。学生也举出了一个反例来说明该方法可能失效，这符合题目要求。虽然学生所举例子中的顶点命名（A、B、C、D）和边权值与标准答案不完全相同，但其反例的结构（一个“贪心”的局部最优选择会导致全局非最优）在逻辑上与标准答案等价，证明了该方法的缺陷。因此，学生的作答在核心逻辑上是正确的。
得分：10分。
题目总分：10分
评分及理由
（1）得分及理由（满分5分）
得分：4分
理由：学生的基本设计思想描述与标准答案基本一致，使用了双指针（P和q）的方法，通过让q先移动k个位置，然后P和q同步移动，当q到达链表末尾时P指向倒数第k个结点。这是一个正确且高效（一趟扫描）的思路。扣1分是因为在第一次识别结果中，描述“首先P指针指向头结点，q指针指向第k个结点”存在歧义：标准答案中初始时两个指针都指向第一个结点（头结点的下一个结点），然后移动q指针k步。学生的描述“q指针指向第k个结点”容易误解为直接定位到第k个结点，但结合后续描述可以理解其意图，因此只扣1分。
（2）得分及理由（满分5分）
得分：2分
理由：学生的详细实现步骤描述存在较多混乱和错误。在第一次识别结果中，步骤①不完整（“count”后无内容），步骤②“若q为空”与标准答案的“若p为空”不符，步骤③和④的逻辑顺序和条件判断混乱（例如步骤④“q指向下一个结点，则转②”与标准答案的p移动不一致）。第二次识别结果中步骤描述同样存在逻辑不清晰（如步骤④“转③”形成死循环）。整体上，步骤描述未能清晰、正确地反映双指针移动的计数和同步过程，因此扣3分。
（3）得分及理由（满分5分）
得分：2分
理由：学生的代码实现存在多处逻辑错误。主要问题包括：
1. 函数参数类型不一致：题目要求传入LinkList list（即头指针），但学生代码中使用了LinkList *L（指向指针的指针），这会导致类型不匹配和后续操作错误。
2. 指针初始化错误：代码中“LNode *p = L; *q = L->next;”存在语法问题（*q前缺少逗号或分号），且p初始化为L（即指向头结点），而标准答案中p和q初始应指向第一个结点（list->link）。
3. 循环逻辑错误：for循环中“q = q->next;”在q可能为NULL时未检查，会导致空指针访问。while循环中的if(count < k) count++; 但count在循环前已通过for循环隐含地计数了k步，这里的count判断是多余的，且会干扰正确结果。
4. 输出错误：最后输出的是q->data，但此时q已为NULL（因为while循环结束条件是q!=NULL），会导致访问空指针。正确应输出p->data。
代码整体框架虽试图实现双指针，但存在上述严重逻辑错误，因此扣3分。
题目总分：4+2+2=8分
评分及理由
（1）得分及理由（满分4分）
学生答案中，计算每秒中断次数、一次中断所需时钟周期数的逻辑均正确。但在计算“每秒中断所需的周期数”时，第一次识别结果为125000000，第二次识别结果为12500000。标准答案为12.5M，即12,500,000。第二次识别结果12500000与标准答案一致，而第一次识别结果多了一个0，这很可能是识别错误或笔误。根据“禁止扣分”原则，对于识别错误导致的数值偏差，若上下文可判断为误写则不扣分。此处学生核心逻辑（用中断次数乘以每次中断周期数）正确，且第二次识别结果数值正确。但在最终计算百分比时，学生两次识别结果均得出25%，而标准答案为12.5M/500M = 2.5%。学生计算为12500000/500M = 0.025 = 2.5%，但写成了25%，这是一个明显的计算错误或百分比转换错误（将0.025误写为25%）。这是一个逻辑/计算错误，并非单纯的识别错误，因此需要扣分。该小题满分4分，扣除计算错误的分值。考虑到思路完全正确，仅最后一步百分比表达错误，扣1分。得分为3分。
（2）得分及理由（满分4分）
学生答案中，计算DMA次数、每秒DMA总开销周期数以及最终占用时间百分比的逻辑和数值均与标准答案完全一致。计算过程清晰，结果正确。因此，该小题得满分4分。
题目总分：3+4=7分
评分及理由
（1）得分及理由（满分13分）
学生作答提供了两个识别版本。题目要求列出指令执行阶段每个节拍的功能和有效控制信号。标准答案提供了三种可行的方案，其中参考答案二和三为6个节拍（C5-C10），参考答案一为5个节拍（C5-C9）。学生的两个版本均与参考答案二、三的6拍方案在核心思路上一致，即：先取源操作数（R1指向的内存单元内容）到A寄存器，再与R0相加，结果写回原内存单元。
分析学生答案：
- 第1次识别结果：从C5到C10的步骤完全正确，功能描述和控制信号均与标准答案（参考答案二或三）匹配。尽管存在个别字符疑似识别错误（如“ROout”应为“R0out”，“Acin”应为“ACin”，“Aout”应为“ACout”），但根据禁止扣分原则，这些属于相似字符识别错误或误写，不扣分。该版本逻辑正确，可得满分。
- 第2次识别结果：C5节拍将两个操作（MAR←(R1)和MDR←M(MAR)）合并，这在单周期内无法完成，因为MAR需要先建立地址，然后存储器才能读出数据到MDR，这是一个时序问题，属于逻辑错误。C6节拍空白，导致后续节拍编号与功能对应关系出现错位。因此，该版本存在逻辑错误，不能给满分。
根据打分要求第3条（思路正确不扣分）和第5条（对于多种解题方法不要重复给分），应基于学生正确的解题思路进行评分。第1次识别结果展示了完整且正确的6拍执行过程，思路与标准答案一致。因此，应依据第1次识别结果给分。
本题满分13分，学生答案（第1次识别）逻辑正确，步骤完整，控制信号准确，故得13分。
题目总分：13分
评分及理由
（1）信号量定义（满分2分）
得分：2分
理由：学生答案中定义了四个信号量：mutex（互斥）、odd（奇数同步）、even（偶数同步）、empty（空缓冲区计数）。其含义与标准答案完全一致，定义正确，因此得满分。
（2）P1进程伪代码（满分2分）
得分：2分
理由：学生答案中P1的逻辑流程正确：先生产数据，然后P(empty)申请空缓冲区，再P(mutex)申请互斥访问缓冲区，执行put操作后释放互斥锁V(mutex)，最后根据数据奇偶性V(even)或V(odd)通知相应消费者。与标准答案一致，得满分。
（3）P2与P3进程伪代码（满分3分）
得分：2分
理由：本题满分3分，学生答案存在一处逻辑错误，扣1分。具体分析如下：
- P3进程的伪代码逻辑完全正确：先P(even)等待偶数，再申请互斥锁，执行geteven，释放互斥锁，V(empty)释放缓冲区空间，最后统计counteven()。得1分。
- P2进程的伪代码在第二次识别结果中主体逻辑正确：先P(odd)等待奇数，再申请互斥锁，执行getodd，释放互斥锁，V(empty)释放缓冲区空间，最后统计countodd()。得1分。
- 扣分点：在第一次识别结果中，P2进程的代码存在严重逻辑错误（`countodd();`被重复书写，且`y`为无效字符），并且`P(mutex)`的位置错误（放在了while循环体之外）。虽然第二次识别结果正确，但根据题目要求“对学生作答进行了两次识别，只要其中有一次回答正确则不扣分”，此处不因第一次识别的错误扣分。然而，在第二次识别结果中，P2进程的`countodd();`函数调用位置在`V(empty);`之后，这与标准答案中`countodd();`在`V(empty);`之后（即所有缓冲区操作完成之后）执行的逻辑是等效且正确的，因此此处不扣分。但是，标准答案中P2和P3的`countodd()`和`counteven()`操作是在释放缓冲区（`V(empty)`）之后执行的，学生的第二次识别结果与此一致。然而，仔细对比发现，学生的P2进程中，`getodd()`之后直接是`V(mutex); V(empty); countodd();`，而标准答案是`getodd(); V(mutex); V(empty); countodd();`，两者顺序在`V(mutex)`和`V(empty)`上是一致的，但标准答案中`countodd()`在`V(empty)`之后，学生答案也是如此，因此逻辑正确。但学生答案在P2进程中，`getodd()`之后没有类似`countodd()`的统计操作吗？有，在`V(empty)`之后有`countodd()`。因此逻辑正确。但是，在第一次识别中P2的代码有错误，而第二次识别正确，根据规则“只要其中有一次回答正确则不扣分”，因此P2不扣分。然而，整体观察，学生的两次识别结果在P2和P3进程的代码结构上完全对称，与标准答案一致，因此应得满分。但标准答案中P2是`getodd(); V(mutex); V(empty); countodd();`，学生第二次识别结果也是`getodd(); V(mutex); V(empty); countodd();`，完全一致。因此，P2和P3都应得满分。但题目总分为7分，分配为：信号量定义2分，P1代码2分，P2和P3代码3分。学生P2和P3代码完全正确，应得3分。然而，在第一次识别中P2代码有误，但第二次正确，根据规则不扣分。因此，P2和P3部分得3分。 但是，仔细检查学生第二次识别结果中的P2代码：
Process P2()
while (True)
{
P(odd);
P(mutex);
getodd();
V(mutex);
V(empty);
countodd();
}
这与标准答案完全一致。因此，P2和P3的代码均正确，得3分。
综上所述，P2与P3进程伪代码部分得3分。
题目总分：2+2+3=7分
评分及理由
（1）得分及理由（满分6分）
学生对于三个虚地址访问时间的计算思路与标准答案基本一致，但在细节和计算过程上存在一些错误。
- 对于虚地址2362H（页号2）：计算过程正确，得出了210ns。得2分。
- 对于虚地址1565H（页号1）：学生的计算过程存在逻辑错误。根据题目描述，缺页中断处理后，需要“返回到产生缺页中断的指令处重新执行”。这意味着在缺页处理完成后，需要重新进行地址转换流程（即先访问TLB，再访问页表，最后访问内存）。学生的两次识别结果中，第一次（t2=10+100+10^8+100+100）漏算了重新执行时访问TLB的10ns；第二次（t2=10+100+10^8+10+100+100）则多算了一次访问内存的100ns（正确的应为：第一次转换尝试10+100，缺页处理10^8，重新执行10+100+100）。因此，学生的两种计算均不正确。但考虑到其核心步骤（TLB未命中、访问页表、缺页处理、重新执行）已包含，且第二次识别结果的总和100000220ns与标准答案100000220ns在数值上巧合一致，但计算过程表述有误。鉴于其最终数值正确且过程关键点（缺页中断、重新执行）已提及，给予大部分分数，扣1分。得2分。
- 对于虚地址25A5H（页号2）：计算过程正确，得出了110ns。得2分。
- 本小题总计得分：2 + 2 + 2 = 6分。但学生对于1565H的计算过程描述不严谨，存在逻辑错误，按照评分要求应扣分。因此，本小题扣1分，实得5分。
（2）得分及理由（满分2分）
学生正确指出了根据LRU算法应淘汰0号页面，并将1号页面装入原0号页的页框（101H），从而得出物理地址为101565H。第二次识别结果完全正确。第一次识别结果中“淘汰3个页面”应为“淘汰一个页面”的误写，“10/1565H”应为“101565H”的误写，根据禁止扣分原则，不扣分。得2分。
题目总分：5+2=7分
\begin{array}{|c|c|c|c|}
\hline
\texttt{目的网络IP地址} & \texttt{子网掩码} & \texttt{下一跳IP地址} & \texttt{接口} \\
\hline
\end{array}
\]
评分及理由
（1）得分及理由（满分3分）
学生第一次识别结果中，子网划分结果错误（写成了192.168.9.202.118.1.0/24等，明显是识别错误或混乱），且子网掩码写为/24，未正确划分子网（每个子网需要至少120个地址，/24是原网络，未划分）。第二次识别结果中，虽然文字分析提到“主机号至少占7位，子网号至少占1位”，但给出的划分结果仍然是“子网1：202.118.1.0/24”、“子网2：202.118.1.128/24”，这实际上是把两个子网都写成了/24，这不符合子网划分的逻辑（/24是原网络前缀，若两个子网都是/24，则地址范围完全重叠，且无法区分）。正确的划分应该是/25。因此，学生的子网划分结果错误。但考虑到学生文字分析中提到了“主机号至少占7位”，表明对主机位数计算有一定理解，且可能存在识别错误（如将/25误写为/24），根据禁止扣分原则中对识别错误的宽容，可酌情给部分分数。然而，核心逻辑（给出正确的子网地址和掩码）错误，不能给满分。扣2分，得1分。
（2）得分及理由（满分4分）
学生给出了路由表。对比标准答案：
- 第一行：目的网络202.118.1.0，子网掩码255.255.255.0（应为255.255.255.128），下一跳为空（正确），接口E1（可能正确，取决于子网分配）。此处子网掩码错误，导致路由指向整个/24网络而非正确的子网。
- 第二行：目的网络202.118.1.128，子网掩码255.255.255.128（正确），但下一跳IP地址在第二次识别中写为202.118.2.2（错误，应为直接交付，下一跳为空或“—”，接口应为E2，但学生写了E0，接口错误）。
- 第三行：目的网络202.118.3.2，子网掩码255.255.255.255（正确），下一跳202.118.2.2（正确），接口在第二次识别中写为E0（错误，应为L0）。
- 第四行：默认路由目的网络0.0.0.0，子网掩码在第二次识别中为255.255.255.0（错误，应为0.0.0.0），下一跳202.118.2.2（正确），接口为空（错误）。
路由表中有多处逻辑错误：子网掩码错误、接口指定错误、默认路由掩码错误、直连路由的下一跳不应填写下一跳地址。这些错误并非单纯的识别误写（如数字误认），而是配置逻辑错误。因此扣分。但考虑到学生列出了路由表的基本结构，且部分条目有正确成分（如主机路由的目的地址和下一跳），给1分。
（3）得分及理由（满分2分）
学生给出的R2路由表条目为：目的网络202.118.2.0，子网掩码255.255.255.0，下一跳202.118.2.1，接口L0。这实际上是R2到网络202.118.2.0/24的路由（即R1和R2之间链路的路由），而不是到局域网1和2的聚合路由。题目要求给出R2到局域网1和2的路由，即聚合202.118.1.0/25和202.118.1.128/25为202.118.1.0/24。学生的答案完全错误，没有体现路由聚合。得0分。
题目总分：1+1+0=2分
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