评分及理由

（1）得分及理由（满分3分）

学生答案的基本设计思想是使用后序遍历，向上层传递子树的最小值和最大值（即数组{min, max}），并利用这些信息判断当前结点是否满足条件。该思路与标准答案中的最优解一致，利用了二叉搜索树的性质，通过后序遍历维护子树的最小值和最大值，从而避免重复遍历。思路描述清晰，符合题目要求。得3分。

（2）得分及理由（满分9分）

学生代码实现了后序遍历，并尝试维护子树的最小值和最大值，但在关键逻辑上存在错误：

• 判断条件if(val + val == l[1] + r[0])有误。正确条件应为计算左子树的最大值与当前结点值的差（即val - l[1]）和右子树的最小值与当前结点值的差（即r[0] - val），并比较这两个差是否相等。学生代码直接比较2*val和l[1] + r[0]，这是数学错误，会导致判断失效。
• 代码中多处语法错误：如int * l = dfs(root->left), r = dfs(root->right);应为int *l = dfs(root->left), *r = dfs(root->right);（缺少*）；return {0, 0};在C语言中非法，应返回具体数组或指针；内存分配未释放可能导致泄漏。
• 边界处理不完善：当子树为空时，返回的数组值应能标识不存在（如标准答案用-1），但学生代码返回{0,0}，且0可能与实际结点值冲突（结点值均为正数，但0不是正数）。

尽管整体思路正确，但关键判断逻辑错误和语法问题导致代码无法正确运行。根据标准答案，最优解代码满分9分，但因此处有严重逻辑错误，扣5分；语法错误扣2分；边界处理不完善扣1分。得1分。

（3）得分及理由（满分2分）

学生正确指出时间复杂度为O(n)，与最优解一致。得2分。

题目总分：3+1+2=6分