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2025年计算机学科专业基础综合试题 - 第47题回答
计算机网络
发布于2025年10月16日 12:12
阅读数 183

(1)传播时延、吞吐量与传输时间计算

• 单向传播时延:
卫星轨道高度36000km,电磁波往返需走 2 \times 36000 = 72000 km,传播时延 t_p = \frac{72000}{300000} = 0.24 秒(单向为 0.12 秒)。

• 最大吞吐量:
卫星链路为对称全双工,每个方向传输率200kbps,故最大吞吐量为200kbps。

• 传输4000B文件的时间:
4000B = 4000×8 = 32000bit,传输时间 t_t = \frac{32000}{200000} = 0.16 秒;总时间为传播时延(往返)+ 传输时间 =  0.24 + 0.16 = 0.4 秒。

(2)发送窗口与帧序号计算

• 发送窗口大小( W ):
故发送窗口至少为4。

• 帧序号位数:
GBN协议中,帧序号范围需满足 2^n > W -1, W=4 时,故帧序号至少为4

(3)子网地址划分

• 总IP段:10.10.10.0/24,需划分3个子网,生活区≥120个IP,管理区、作业区≥60个IP。

◦ 生活区(≥120个IP):子网掩码/25,地址为10.10.10.0/25(可用IP:126个)。

◦ 管理区(≥60个IP):子网掩码/26,地址为10.10.10.128/26(可用IP:62个)。

◦ 作业区(≥60个IP):子网掩码/26,地址为10.10.10.192/26(可用IP:62个)。


评分及理由

(1)得分及理由(满分3分)

学生答案中:
- 单向传播时延计算正确(0.12秒=120ms),得1分。
- 最大吞吐量回答正确(200kbps),得1分。
- 文件传输时间计算错误:学生使用了往返时延(0.24秒)加上传输时间(0.16秒)得到0.4秒,但标准答案为280ms(即0.28秒)。错误在于将单向文件传输的总时间误用了往返时延,实际上应该是单向传播时延(120ms)加上传输时间(160ms),即280ms。因此本部分扣1分。
得分:2分

(2)得分及理由(满分3分)

学生答案中:
- 发送窗口大小(W...

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