（1）因为主存块大小为64B，所以块内地址为64=2^6=6位。8路组相联映射方式所以有3位表示组号。又因为主存地址为32位，通过直写方式不需要脏位（修改位）LRU替换算法必须要有1位LRU位。因此每一行中的标记位占：32-6-3-1=22位。LRU位占1位。
（2）008000C0H对应二进制为：0000 0000 1000 0000 0000 0000 1100 0000B，组号为011B即第3组。程序刚开始执行时，Cache没有映射所以缺失一次，并把数组s映射到Cache的第3组。因为数据区容量32KB，8路组相联映射，所以每组数据容量4KB。执行程序过程中因为采用了直写写策略所以执行“s[k]=2*s[k];”时都要把修改的s[k]
的值写进主存和Cache中，又因为每组数据容量4KB，s和k为int型，占4B。所以一组可以容纳1024个s变量。所以访问数组s的数据Cache缺失次数为1次。
（3）CPU读取主存单元00010003H中的指令，00010003H对应二进制是0000 0000 0000 0001 0000 0000 000 0011B，先访问Cache0号组，查看有无指令的副本的标志位。若标志位为0则缺失，CPU访问主存单元00010003H中的指令并复制一份到Cache中。
评分及理由
（1）得分及理由（满分3分）
学生答案中，标记位计算错误（应为20位，学生计算为22位），LRU位计算错误（应为3位，学生计算为1位），但正确指出没有修改位。标记位和LRU位各错一处，扣2分。得1分。
（2）得分及理由（满分3分）
学生答案中，组号计算错误（应为0组，学生计算为3组），缺失次数计算错误（应为64次，学生计算为1次），且对Cache映射和访问过程的理解存在根本性错误。思路和结果均错误，扣3分。得0分。
（3）得分及理由（满分4分）
学生答案中，正确指出Cache初始为空会导致缺失，并描述了缺失时从主存读取指令并更新Cache的过程。但未明确说明地址划分（组号应为0）和标记位更新细节，描述不够完整。扣1分。得3分。
题目总分：1+0+3=4分
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