评分及理由

（1）得分及理由（满分1分）

第一次识别结果：页框号为21，与标准答案一致，得1分。

第二次识别结果：页框号为2，与标准答案21不符，但根据上下文判断可能是识别错误（如将"21"误识别为"2"），且第一次识别正确，因此不扣分，得1分。

（2）得分及理由（满分2分）

两次识别结果均给出页框号为32，与标准答案一致，得1分。

理由部分：学生答案提到"访问时刻为11，上一轮驻留集未访问则被回收，并发生缺页，32之前被使用过则从空闲链表中被取出"，正确描述了页框回收和重新取回的过程，但未明确说明扫描轮次（如第二轮扫描回收页框32）和页框32在空闲链表中的位置。理由基本正确但不够完整，扣0.5分。本小题得1.5分。

（3）得分及理由（满分2分）

两次识别结果均给出页框号为41，与标准答案一致，得1分。

理由部分：学生答案提到"页号2未被使用过则从空闲链表头取出"，正确说明了页框从未被访问过且从链表头部取出的逻辑，但未强调页框41是链表头部。理由基本正确但表述不够精确，扣0.5分。本小题得1.5分。

（4）得分及理由（满分2分）

两次识别结果均回答"合适"，与标准答案一致，得1分。

理由部分：学生答案提到"空闲页框链表中重新取回的机率大"，正确指出了时间局部性好时重新取回的优势，但未明确说明"时间局部性好"与"重新取回机会大"的直接关联。理由正确但不够详细，扣0.5分。本小题得1.5分。

题目总分：1+1.5+1.5+1.5=5.5分