评分及理由

（1）得分及理由（满分3分）

学生答案正确。数组a大小为24×64×4=6144字节，页面大小为4KB=4096字节，因此跨越两个页面。由于程序执行前数组不在主存且不发生页面置换，访问时会触发两次缺页异常，分别对应两个页面的起始地址0042 2000H和0042 3000H。学生答案与标准答案一致，得3分。

（2）得分及理由（满分2分）

学生答案正确。时间局部性指被访问的数据短期内可能再次被访问。该程序段中每个数组元素仅被赋值一次，没有重复访问，因此不具备时间局部性。学生答案与标准答案一致，得2分。

（3）得分及理由（满分4分）

学生答案部分正确。块内地址和Cache组号的位数分析正确（主存块大小32B，块内地址需5位，即A4~A0；Cache组数需计算：数据区8KB，4路组相联，块大小32B，故组数=8KB/(4×32B)=64组，需6位组号，即A10~A5）。a[1][0]的虚拟地址计算正确（起始地址0042 2000H + (1×64+0)×4 = 0042 2000H + 256 = 0042 2100H）。但Cache组号计算有误：标准答案组号为8（十进制），学生答案为08H（十六进制），两者数值相同（08H=8），但表述为十六进制可能引起歧义，鉴于数值正确且题目未明确要求格式，不扣分。因此，本小题得4分。

（4）得分及理由（满分5分）

学生答案部分正确。第一问：数组a占192个主存块正确（数组大小6144B，主存块32B，6144/32=192）。第二问：原循环Cache命中率87.5%正确（行优先访问，每块8个int元素，首次访问缺失，后续7次命中，命中率7/8）。第三问：学生答案为0，错误。交换循环次序后变为列优先访问，每次访问可能跨块，但Cache容量8KB，足以容纳数组a的全部数据（6KB），因此列优先访问时，每列24个元素跨3个主存块，首次访问这些块会缺失，但后续列访问相同块时可能命中，具体命中率计算复杂，但标准答案为87.5%（可能假设Cache足够大，全部数组装入后不再冲突）。学生答案0明显错误，扣2分。本小题得3分（第一问1分，第二问1分，第三问1分，但第三问错误扣2分，实得3分）。

题目总分：3+2+4+3=12分